[百师联盟]2024届高三一轮复习联考(一)1物理(江苏卷)答案

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【例5】AD【解析】导体棒PQ向左切割磁：中的磁通量增大，由楞次定律及安培定则知，感0.2V>E=0.04V感线运动时，由右手定则可判断出导体棒与R应电流方向为a→c→d→b→a,由左于定则知根据闭合电路欧姆定律可知，回路中的感应电组成的回路中产生的感应电流是顺时针方向b受安培力方向向左，cd受安培力方向向右，Em=0.2A的，即流经R1的电流方向向上，A项正确，C项故ab向左运动，cd向右运动，A项正确。流最大为Im一错误；导体棒与R2组成的回路中产生的感应根据安培力大小计算公式可知，棒在运动过程第2讲法拉第电磁感应定律电流是逆时针方向的，即流经R2的电流方向中受到的最大安培力Fm=BLIm=0.04N向上，D项正确，B项错误自感与涡流在棒通过三角形abd区域时，切割有效长度l=【变式3】A【解析】导体ab顺时针转动，学基础知识2(1-1)其中.1s<≤名+1s)运用右手定则，磁感线穿过手心，拇指指向顺时要点针方向，则导体ab上的感应电流方向为a→b,①磁通量②楞次③变化率④电流⑤变综合上述分析可知，回路中的感应电流1=景A项正确；ab向纸外运动，运用右手定则，磁感化率⑥大小⑦匝数⑧103⑨106⑩法2B2线穿过手心，拇指指向纸外，则导休ab上的感拉第电磁感应①大②小③阻碍④运动(t-1)A(其中1s≤2a十1s)应电流方向为bα，B项错误：穿过闭合回路的起来即I=t一1A(其中1st1.2s).磁通量减小，由楞次定律知，回路中感应电流方基础诊断1.(1)×(2)×(3)√(4)×【变式2】B【解析】由右手定则可以判定导向为顺时针方向，则导体αb上的感应电流方向(5)×2.C3.BcI)体棒中电流的方向为中N到M,因此M点电势为b→a,C项错误；b棒沿导轨斜向下运动，山讲关键能力高；导休棒切割磁感线的有效长度是Lsin0,根据右手定则知导体ab上的感应电流方向为b→a,【例1】C【解析】在0~t1时间内，磁感应法拉第电磁感应定律有E=BLusin 0,再根据闭D项错误。强度大小随时问均匀变化，产生感应电动势，根合电路欧姆定律可知M、N两，点间电势差U【例6】C【解析】当小磁块在光滑的铜管据法拉第电磁感应定律得，感应巾动势E=RR-9B项正。3P中下落时，中于穿过铜管的磁通量变化，铜管产生感应电流，从而产生安培阻力，而在塑料管,△更_nS(B一B),由楞次定律及安培定则可t【例4】AD【解析】杆(OP转动切割磁感线内小磁块不受任何阻力，做自由落体运动，A项判断b点电势高于a点电势，因磁场均匀变化，所产生的感应电动势E=号Br2.因为杆OP匀错误；由A选项分析可知，在铜管中小磁块机以感应电动势恒定，则a、b两点电势差恒为速转动，所以杆OP产生的感应电动势恒定，A械能不守恒，而在塑料管中小磁块机械能守恒，SB一)，A,B两项错误。在t1~时项正确；杆OP匀速转动产生的感应电流由MB项错误；在铜管中小磁块受到安培阻力，则在问内，穿过受电线圈的磁通量不变，没有感应电动创N通过MN棒，由左手定则可知，MN棒会P巾的下落时间比在Q巾的长，C项正确；根据势产生，线圈两端a和b之间的也势差为0，C项向左运动，MN棒运动会切割磁感线，产生的感动能定理可知，因安培阻力做负功，则在P巾正确，D项错误。应电流与原来电流方向相反，让回路电流减小，落至底部时的速度比在Q中的小，故D项错误。【例2】CD【解析】由楞次定律可知，感应故MV、OP受到的安培力减小，MN棒所受合【例7】B【解析】不管开关拨向M还是电流的方向为逆时针，则M端比V端的电势力为安培力，加速度减小，B、C两项错误，D项止确。V,线圈中的电流都是从无到有，由于电流突然高，所以电压表“十”接线柱接M端，A项错误；增大，圆环中磁通量突然增大，圆环只有向右运磁通量的变化需要时间，由于未说明变化时间，【例5】CD【解析】线框进入磁场的过程中穿过线框的磁通量增大，由楞次定律可知，感应动才能阻碍白身中磁通量的增大，B项正确。B项错误：磁通量的变化率为9电流产生的磁场方向垂直纸面向外，则感应电【例8】BD【解析】由题图可知，B为均匀流的方向为A→B→C→D→A,A项错误；AC带负电绝缘环，B环中电流为逆时针方向，由右0.15-0.10wb/s=0.5Wb/s,C项正确：根据0.1刚进人磁场时，CD边切割磁感线，AD边不切手螺旋定则可知，B环内的磁场垂直纸面向外法拉第电磁感应定律，有Eg=n心=10X割磁感线，所以产生的感应电动势E一Ba,感且增大，B环外的磁场垂直纸面向里且逐渐增大，故穿过A环的磁场垂直纸面向外且逐渐增0.5V-5V,所以电乐表的示数为5V,D项正确。应电流I-長-装，B项错误：AC刚进人密大；由楞次定律可知，磁场增大时，感应电流的【变式1】BC【解析】由楞次定律可知，0场时，线框的CD边受到的安培力的方向与磁场与原磁场的方向相反，所以感应电流的磁t与to一t1时间内的感应电流始终沿顺时针方的方向相反，AD边受到的安培力的方向垂直场的方向垂直纸面向里，A中感应电流的方向向，由于原磁场方向发生变化，所以安培力的方于AD边向下，它们」的大小都是F=BIa,所以为顺时针方向，A项错误，B项正确；B环外的向也将发生变化，A项错误，B项正确；由法拉AC刚进入磁场时，线框所受安培力为AD边与磁场的方向与B环内的磁场的方向相反，当B第电磁感应定律可知，圆环中产生的感应电动CD边受到的安培力的矢量和，即F合一√2F环内的磁场增强时，A环具有扩张的趋势，C项势E-B2t0-,由电阻定律可知圆环的电阻R三错误，D项正确。②Bav,C项正确。从线圈开始进人磁场到R2爱2，故圆环中通过的电流1=E BorS【例9】BD【解析】由于自感的作用，闭合开,C项RAtopAC刚进入磁场的过程，所需时间1=a,因此关S时，B灯比A灯先亮，最后·样亮，A、C两项正确，D项错误。错误，B项正确；断开开关S时，L中产生自感电例3】(1)0.04V(2)0.04NI=t-1A该过程中线圈内产生的均感应电动势E=动势，A灯与B灯同时慢慢熄灭，D项正确。(其中1st≤1.2s)2Ba?【例10】C【解析】圆盘顺时针加速转动【解析】(1)在棒进入磁场前，由于正方形区域八十aBa',D项正确，吋，感应电流从圆盘边缘流出，线圈A中产生abcd内磁场磁感应强度B的变化，回路中产生向下且增强的磁场，由楞次定律可知线圈B巾感应电动势和感应电流，根据法拉第电磁感应【例6】C【解析】重新接通电路，由于L有产生的感应电流由a→b,由左手定则可知，金定律可知，在棒进入磁场前回路中的电动势E门感电动势产生，阻碍电流增大，所以A1逐渐属棒ab将向左运动，A项错误；同理可知，C项正确，D项错误；圆盘匀速转动，A中产生的磁n.()=o4v变亮，而A2立即变亮，A、B两项错误。一段时间屯路稳定后，再次断开S,A、A2与L、R构场恒定，B中不产生感应电流，b不运动，B项(2)当棒进入磁场时，磁感应强度B=0.5T恒成回路，L相当于电源，因原来两支路电流相错误。定不变，此时由于导体棒做切割磁感线运动，回等，所以不会出现A2闪亮一下再熄灭的现象，【例11】A【解析】由安培定则可知螺线管路中产生感应电动势和感应电流，根据法拉第A1、A2都会逐渐熄灭，C项正确，D项错误。中磁感线方向向上，金属棒ab、cd处的磁感线电磁感应定律可知，回路中的电动势E=B,【变式3】C【解析】开关S由断开到闭合，方向均向下，当滑片向左滑动时，螺线管中电流当棒与bd重合时，切割有效长度l=L,达到最此时电路电流增大，线圈接收到增大电流会产增大，因此磁场变强，即磁感应强度变大，回路：大，即感应电动势也达到最大Em=BLx=生自感现象，即产生反向电流，因此通过线圈的·34·23XKA(新)·物理一D版一XJC