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A. 积木4 对积木 C 的支持力大小将增大 B. 积木下对积木 C 的支持力大小将减小 C. 积木4 与积木 C 之间可能没有弹力作用 D. 积木4.B、C 中,积木 C 所受合力最小

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面对小物块的支持力的冲量方向一定不同，A项错误；根据机械能守恒可知，小物块两次到达水面时的速度大小相等，但小物块在两斜面上运动的时间不同，在水面上运动的时间相等，故整个运动过程中，小物块受到的重力

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令t=ln2a>-1,则f(-ln(2a)=e1+P).设g)=e(1+),则g)=2e(1士0)°>0，所以g(0在(-1，十∞)上单调递增，由题意知f(x)*值=f(-ln(2a)=2e(1+f)

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11.下列对文中加点

@a3-时，当ra0,号时i>0.所Wa2eit马知yC:iu-1的导数ye-co>0在0+ol上恒破之，yG一-1在区间0+上单调递地断以2+2小-亮-当组收当。6-谢取等号-1-0-1A断tg引上氧立(文1析)--3且V2-+4k1.2z-3引k+41.每5-台-2或度时不存在正实数m,使得对任意的xe0海有闭<0，所心不合题：故含去：0当-时没3-2)-e+410P小.则a=d-a所以当：b,->+>0所6在区间单清造增酒2-3)-(s+4)s1都：e0政子：好c8,上所不待式-+水部0=1+a<0,八号)=。3>0.故存在me0写、使2m6间0所以当：n时，c0/在区间.止单(2)由f八m)s1.f2)s2得m-3s,所以上5,所以利适成，所以学0时儿c0-0,所以ac-1将合延2m-3引s2n6意，综上所述的取值范围为国，-)8c4ac16,56-2a6-.则2a-h-12小所以d:16eia-12>05与09,B=keZ4-10,故，>0APAP:=3>00.又因为0=.所以p,2p,则由pp,3得2p-3,故p,-2调加0号生学得期日的迪部为号，故远4方则oa=0+p小三D解析】由题可知等差数列a,的首项为a,=5,设a,的公差为停》d由a4成等比数列得=a4,即(6+3训'86+05+4切.解得d=-1,所以a.=5-a-)=6-,所以2点.（理）【解析1(1)解：由题意知)+-k-54=6-2020=-2014.故选D.-6x6-1,4D(解析]如图，取B的中点0，连接MO,连接BE,0E,分别过点C,2-4-13坏成立：点D作BE的垂线，垂足分别为，，6.r25.当=1：<5时令2-4>3都得：>子所以好c:c5当5t1注2时J回=6，不等式()>3恒成立综上所述，不等式/)>3的1这N比r5直剂引w·E2方法-正明：)阅（国-=6，所以e+=6因为所以瓜M形=（而+0i(0+O丽）=(0+O丽)（而-丽）…悲+小小盟而-=02-2，当点M与点F或点E重合时，0®得最大,值，易得四边形CDI为矩形，△BC,△DEJ为等银直角三角形，则仅当63时取等号.所时非八倡。U=2V2,BH=E=2,则BE=4+2V2,B0=V2,0'取得最大值为B0+BE=(N+(4+2V)=26+16V2,所以当组仅当6时取等号数有的号·丽的最大值为24+16V2,故选D.511ur方法二：证明：由(1)知)=6，所以a+6=6因为行+京5.C解析]设男、女生人数均为m,可得如下2×2列联表：对餐厅食品质量满意对餐厅食品质量不满意合计非补+6n-6,当且仅女生2nn1合计3n2n112=3时取等号，所以后+可2a×由题意可得x=2n方法三：正明：由(0克/)=6，所以a+6=6所以时+京27,因为P(≥6.635)=00所以，≥6.635，所以n≥89.532，则2n≥179.064，因为n为625数学模拟卷（共34页）26数学模拟卷（共34页）

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三，解答题：本题共3小题，共40分.解答应写出文字说明证明过程及演算步骤学号金太阳AB创新卷·数学10.(本小题满分13分)已知直线MN与抛物线C:y=2px(D>0)相交于点M,N,点A1,一2)到

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m CoC6E空气废钴钼催化剂已知：焙烧☐①CS与6②CS,可氢氧化钠球磨粉碎双氧水③硫单质浸出(1)K的过滤☐(2)D装置(3)E装置(4)反应编滤渣滤液硝酸(5)反应结氢氧化钠硫酸浸出分段中和沉淀

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3、贵阳一中(贵州卷)2024届高考适应性月考卷(白黑黑白黑黑黑)x物理试卷答案

10.如图所示，一弹性轻绳（绳的弹力与其伸长量成正比）左端固定在A点，弹性绳自然长度等于AB,跨过由轻杆OB固定的定滑轮连接一个质量为m的小球，小球穿过竖直固定的杆。初始时ABC在一条水线上，小球从

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2023-12-30 22:26:17

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衡中同卷调研卷 2024-01-19 07:54:12

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(有删改)6.下列对小说相关内容的理解，不正确的一项是(3分)A.面对旅客的视线，林道静并不在意而是沉入麻木的冥想，沉浸在个人思绪里，说明她那时并不是兴奋并快乐的。B.“海”对林道静来说，是外界的新鲜

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边形，所以O为A1B的中点②在△A1BC1中，O,D1分别为AB,A1C1的中点，所以OD1BC1.2√10故coS∠ACD'=又因为OD1C面AB1D1,BC1丈面AB1D1,所以BC1∥面10D1,故当D,C1时，BC件面ABD5.解析连接PE,CE,如图，(2)由已知得，面BCD∥面AB,D1,且面A1BC1∩面△ABC是边长为2的等边三角形，PA=BDC1=BC1,面A1BC1∩面AB,D1=D1O,PB=2,因此BCDO,同理，AD,/DC1,所以AD-A0,A1D_Dg∴.PE⊥AB,CE⊥AB,又PEC面PECDG0丽'DG茄又CEC面PEC,PE∩CE=E,因为-1,所以S-1,即2是-13“AB⊥面PEC,又PE=CE=2X2=√5，PC=√6，故PC2=针对训练解析(1)如图1，连接CP并延长与DA的延长线交于点M,连PE2+CE,即PELCE,故∠PCE=冬接MD1,考点聚焦·突破●因为四边形ABCD为正方形，所以BC∥考点一AD,所以△PBCP△PDM,B典例1解析因为PA⊥面ABC,BCC面ABC,所以咒-肥2所以PA⊥BC,同理PA⊥AB,所以△PAB为直角三角形，PM PD3'所以PB=√PA2+AB2=√2，又因为BC=1,PC=√5，又因为品器=号所以品-景CQ CP所以PB2+BC2=PC2,则△PBC为直角三角形，故BC⊥PB,又因为BC⊥PA,PA∩PB=P,所以BC⊥面PAB,3,所以PQMD2图1针对训练又MD1C面A1DDA,PQ丈面A1D1DA,解析连接AE,DE(图略)，因为E为BC的中点，DB=DC,所以PQ面A1D1DA.所以DE⊥BC,①因为DA=DB=DC,∠ADB=∠ADC=60°，所以△ACD≌△ABD,②)当給的值为号时，面PQR∥面B所以AC=AB,从而AE⊥BC,②A1D1DA,如图2所示.由①②，AE∩DE=E,AEC面ADE,DEC面ADE,里由如下，因为船=号所以2得BC⊥面ADE,又ADC面ADE,所以BC⊥DA.RA=3,所考点二器-器所以PR/DA典例2解析(1)因为A:C⊥面ABC,BCC面ABC,R所以A1C⊥BC,又DAC面ADDA,PR中面图2又因为∠ACB=90°，即AC⊥BC,A1D1DA,所以PR面A1DDA,A1CC面ACC1A1,ACC面ACC1A1,A1C∩AC=C,又PQ∩PR=P,PQ∥面ADDA,所以面PQR∥所以BC⊥面ACC1A1,面A1D1DA.又因为BCC面BB1C1C,所以面ACC1A1⊥面BB1C1C,基础课39空间直线、面的垂直(2)如图，过点A1作A1O⊥CC1,垂足为O.因为面ACC,A1⊥面BB1C1C,面基础知识·诊断AACC1A1∩面BB1C,C=CC1,A1OC夯实基础面ACC1A1,①任意②两条相交直线⑤行④[0，受]⑤两个半面所以A,O⊥面BB1C1C,所以四棱锥A1BB,C1C的高为A1O.⑥∠AOB⑦直二面角⑧垂线⑨交线因为A1C⊥面ABC,ACC面ABC,BC诊断自测C面ABC,1.(1)×(2)×(3)/(4)×(5)×所以A1C⊥BC,A1C⊥AC,2.必要不充分解析当直线m,n都在面α内时，不能由n⊥m推出又因为A1B=AB,BC为公共边，n⊥a;若n⊥a,由线面垂直的性质知n⊥m,所以“nLm”是“n⊥a”的所以△ABC≌△A1BC,所以A1C=AC必要不充分条件设A1C=AC=x,则AC1=x,3.B解析因为AB是圆柱上底面的一条直径，所以AC⊥BC,又AD垂直于圆柱的底面，所以AD LBC,所以0为0C,的中点，0C,=号A1=1,因为AC∩AD=A,ACC面ACD,ADC面ACD,又因为A1C⊥AC,所以A1C2+AC2=AA?,所以BC⊥面ACD,即x2十x2=22,解得x=√2，因为BCC面BCD,所以面BCD⊥面ACD.故选B.所以A10=√AC-0C=√(W2)2-1z=1,4解析如图，连接cD,所以四棱锥A1-BB1C1C的高为1.针对训练易知CD'=BA',且CD'BA',则∠ACD'是直线BA'与AC所成的角或其补角，解析如图，：A1C⊥面ABC,BCC面ABC,连接AD',在△ACD'中，AC=√2，AD'=CD'=√5∴A,C⊥BC,又BC⊥AC,ACC面设AC的中点为O,连接DO,则D'OLAC,ACC1A1,ACC面ACC1A1,A:C∩AC=C,.BC⊥面ACCA1,又BCC62)25XKA·数学-QG*

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